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题目描述:
给你一个 下标从 0 开始 的整数数组 nums ,返回满足下述条件的 不同 四元组 (a, b, c, d) 的 数目 :
nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d] ,且a < b < c < d -
示例:
输入:nums = [1,2,3,6]
输出:1
解释:满足要求的唯一一个四元组是 (0, 1, 2, 3) 因为 1 + 2 + 3 == 6
输入:nums = [3,3,6,4,5]
输出:0
解释:[3,3,6,4,5] 中不存在满足要求的四元组。
输入:nums = [1,1,1,3,5]
输出:4
解释:满足要求的 4 个四元组如下:
(0, 1, 2, 3): 1 + 1 + 1 == 3
(0, 1, 3, 4): 1 + 1 + 3 == 5
(0, 2, 3, 4): 1 + 1 + 3 == 5
(1, 2, 3, 4): 1 + 1 + 3 == 5
由于之前刷过二数之和、三数之和、四数之和的题目,乍一看这道题目是简单有点难以置信,总不能考个四重循环吧???结果尝试着试了一下,还真是考四重循环来进行枚举,顿时感觉变Low了。那么为什么要写这篇博客呢?
虽然这个题目很简单,考点也很没意思,但是优化过程很好玩,我们通过一个思路将时间复杂度从O(n4),降到O(n3),最后再降到O(n2),这个过程还是很有意思的。
- 首先我们先上最简单最暴力的解法,代码如下,这个应该没什么好说的,就是一个四重循环,时间复杂度妥妥的O(n4)。
class Solution: def countQuadruplets(self, nums: List[int]) -> int: """ 给你一个 下标从 0 开始 的整数数组 nums ,返回满足下述条件的 不同 四元组 (a, b, c, d) 的 数目.其中nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d],且a < b < c < d >>> >>>self.countQuadruplets([1,2,3,6]) >>>1 """ n = len(nums) ans = 0 for a in range(n-3): for b in range(a+1, n-2): for c in range(b+1, n-1): for d in range(c+1, n): if nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d]: ans += 1 return ans
- 首先我们定一个小目标,如果将时间复杂度降低到O(n3)。我们观察nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d] ,且a < b < c < d,如果nums[d] 有重复,为k,那么ans += k,我们就可以想到,我们可以用一个Hash来存储nums[d] 的值,由于d的取值是(c+1, n),所以我们只要确定c,同时,倒序遍历c,这样就保证所有的d都满足条件,并将nums[d]加入hash表(这里的时间复杂度为O(1),因为我们每次记录nums[c+1]的值即可),同时,在确定a和b,就可以完成所有的循环,所以该思路的时间复杂度为O(n3),代码如下:
class Solution: def countQuadruplets(self, nums: List[int]) -> int: """ 给你一个 下标从 0 开始 的整数数组 nums ,返回满足下述条件的 不同 四元组 (a, b, c, d) 的 数目.其中nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d],且a < b < c < d >>> >>>self.countQuadruplets([1,2,3,6]) >>>1 """ n = len(nums) ans = 0 count = Counter() for c in range(n-2, 1, -1): count[nums[c+1]] += 1 for b in range(c-1, 0, -1): for a in range(b-1, -1, -1): if (temp := nums[a] + nums[b] + nums[c]) in count: ans += count[temp] return ans
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注::=是赋值运算法,可以简单理解为=
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最后再进一步考虑,能不能再降低时间复杂度。我们再度观察公式nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d] ,这个可以改写成nums[a] + nums[b] == nums[d] -nums[c] ,到这里,可能就发现了一点什么,但是又没有完全发现。我们可以发现,如果我们确认了b,其实就确定了a-(0, b)、c-(b+1, d),所以只要我们再确定d,就枚举了所有的a、b、c、d,我们通过hash记录nums[d] -nums[c] ,之后在比较nums[a] + nums[b] 的结果是否出现在hash表中,由于hash记录nums[d] -nums[c]和nums[a] + nums[b] 确定是同级循环,因此该思路的时间复杂度为O(n2),代码如下:(这里的中间值不一定选b,选c也一样,但是一定要在b、c里面选)
class Solution: def countQuadruplets(self, nums: List[int]) -> int: """ 给你一个 下标从 0 开始 的整数数组 nums ,返回满足下述条件的 不同 四元组 (a, b, c, d) 的 数目.其中nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d],且a < b < c < d >>> >>>self.countQuadruplets([1,2,3,6]) >>>1 """ n = len(nums) ans = 0 count = Counter() for b in range(n-3, 0, -1): for d in range(b+2, n): count[nums[d]-nums[b+1]] += 1 for a in range(b): if (temp := nums[a] + nums[b]) in count: ans += count[temp] return ans
- 选c的解法:
class Solution: def countQuadruplets(self, nums: List[int]) -> int: """ 给你一个 下标从 0 开始 的整数数组 nums ,返回满足下述条件的 不同 四元组 (a, b, c, d) 的 数目.其中nums[a] + nums[b] + nums[c] == nums[d],且a < b < c < d >>> >>>self.countQuadruplets([1,2,3,6]) >>>1 """ n = len(nums) ans = 0 count = Counter() for c in range(n-2, 1, -1): for d in range(c+1, n): count[nums[d]-nums[c]] += 1 for a in range(c-1): if (temp := nums[a] + nums[c-1]) in count: ans += count[temp] return ans
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